描述

假设有n个人要上网，却只有1台电脑可以上网。上网的时间是从1 szw 至 T szw ，szw是sxc,zsx,wl自创的时间单位，至于 szw怎么换算成s,min或h，没有人清楚。依次给出每个人在某个时间段内上网的快乐程度C（必须这个人在整个时间段内都在上网，才能获得快乐程度C，否则，快乐程度是0），请你得到使总的快乐程度达到最大的方案。

输入

第1行2个整数 n和T，含义如题目所述；

接下来有n个这样的结构（每两个相邻的结构之间有一空行，且第1个结构和第一行间有一空行）：

第1行一个整数Mi，表示第i个人的时间段的个数；

接下来有Mi行，每行3个整数Xj,Yj,C，表示第i个人在[Xj，Yj]内上网的快乐程度为C，

因此有Xj-Yj-1=1，X1=1，Ymi=T，Xj<=Yj。

输出

仅输出一行，为总的最大的快乐程度。

输入样例 1 

3 10 
 
3 
1 3 6 
4 7 9 
8 10 3 
 
3 
1 3 5 
4 7 10 
8 10 1 
 
4 
1 3 2 
4 8 2 
9 9 6 
10 10 3

输出样例 1

25

提示

【样例说明】

在[1，3]内，安排1上网，快乐程度为6；

在[4，7]内，安排2上网，快乐程度为10；

在[8，8]内，不安排；

在[9，9]内，安排3上网，快乐程度为6；

在[10，10]内，安排3上网，快乐程度为3；

这是使总的快乐程度达到最大的方案，对应的值是25。

【数据范围】

对于30%的数据，n<=4，所有的Mi<=5，T<=20；

对于60%的数据，n<=100，所有的Mi<=100，T<=2000；

对于100%的数据，n<=500，所有的Mi<=500，T<=500000，所有的0<C<=10^9，并保证最终解Max<=10^9。

简单dp，vector[i]存结束时间为i的所有时间区间的开始时间和快乐程度，状态转移为：dp[i]=max(dp[i],dp[g[i][j].F-1]+g[i][j].S)

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define INF 0x3f3f3f3f
#define eps 1e-8
#define PI acos(-1.0)
#define mst(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define FF(i,a) for(int i=0;i<(a);++i)
#define dep(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i)
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);++i)
#define sc(t) scanf("%d",&(t))
#define sc2(t,x) scanf("%d%d",&(t),&(x))
#define sc3(x,y,z) scanf("%d%d%d",&(x),&(y),&(z))
#define pr(t) printf("%d\n",(t))
#define pb push_back
#define quickcin {ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);}
#define Exit {printf("-1\n");exit(0);}
#define lson rt<<1
#define rson rt<<1|1
#define delf (l+r)>>1
#define lowbit(x) (x&-x)
#define pii pair<int,int>
#define F first
#define S second
#define maxn int(5e5)+100
#define mod int(1e9)+7
using namespace std;
int dp[maxn];
vector<pii> g[maxn];
int main(){
    int n,T;sc2(n,T);
    FF(i,n){
        int x;sc(x);
        while(x--){
            int a,b,c;sc3(a,b,c);
            g[b].pb({a,c});
        }
    }
    mst(dp,0);
    for(int i=1;i<=T;++i){
        dp[i]=max(dp[i],dp[i-1]);
        for(int j=0;j<g[i].size();++j){
            dp[i]=max(dp[i],dp[g[i][j].F-1]+g[i][j].S);
        }
    }
    pr(dp[T]);
    return 0;
}